Description
印尼首都雅加达市有 N 座摩天楼，它们排列成一条直线，我们从左到右依次将它们编号为 0 到 N−1。除了这 N 座摩天楼外，雅加达市没有其他摩天楼。
有 M 只叫做 “doge” 的神秘生物在雅加达市居住，它们的编号依次是 0 到 M−1。编号为 i 的 doge 最初居住于编号为 Bi 的摩天楼。每只 doge 都有一种神秘的力量，使它们能够在摩天楼之间跳跃，编号为 i 的 doge 的跳跃能力为 Pi （Pi>0）。
在一次跳跃中，位于摩天楼 b 而跳跃能力为 p 的 doge 可以跳跃到编号为 b−p （如果 0≤b−p<N）或 b+p （如果 0≤b+p<N）的摩天楼。
编号为 0 的 doge 是所有 doge 的首领，它有一条紧急的消息要尽快传送给编 号为 1 的 doge。任何一个收到消息的 doge 有以下两个选择:
跳跃到其他摩天楼上；
将消息传递给它当前所在的摩天楼上的其他 doge。
请帮助 doge 们计算将消息从 0 号 doge 传递到 1 号 doge 所需要的最少总跳跃步数，或者告诉它们消息永远不可能传递到 1 号 doge。
Input
输入的第一行包含两个整数 N 和 M。
接下来 M 行，每行包含两个整数 Bi 和 Pi。
Output
输出一行，表示所需要的最少步数。如果消息永远无法传递到 1 号 doge，输出 −1。
Sample Input
5 3
0 2
1 1
4 1
Sample Output
5
explanation
下面是一种步数为 5 的解决方案：
0 号 doge 跳跃到 2 号摩天楼，再跳跃到 4 号摩天楼（2 步）。
0 号 doge 将消息传递给 2 号 doge。
2 号 doge 跳跃到 3 号摩天楼,接着跳跃到 2 号摩天楼，再跳跃到 1 号摩天楼（3 步）。
2 号 doge 将消息传递给 1 号 doge。
HINT
子任务
所有数据都保证 0≤Bi<N。
子任务 1 （10 分）
1≤N≤10
1≤Pi≤10
2≤M≤3
子任务 2 （12 分）
1≤N≤100
1≤Pi≤100
2≤M≤2000
子任务 3 （14 分）
1≤N≤2000
1≤Pi≤2000
2≤M≤2000
子任务 4 （21 分）
1≤N≤2000
1≤Pi≤2000
2≤M≤30000
子任务 5 （43 分）
1≤N≤30000
1≤Pi≤30000
2≤M≤30000
题解
这道题一看就知道是个最短路嘛。
但是你如果暴力连边，最多可能会出现 (n^2)条边。
所以我们考虑分块。
对于能力值大于$ sqrt n $ 的怪兽，我们暴力连边。
对于能力值小于$ sqrt n $ 的怪兽，我们把整个网络分为$ sqrt n $ 层，每层从起点分别向后连边。这样就保证了边数小于$ nsqrt n $ 。就可以跑最短路了。
Code
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cmath>
using namespace std;
#define ll long long
#define REP(i,a,b) for(int i=(a),_end_=(b);i<=_end_;i++)
#define DREP(i,a,b) for(int i=(a),_end_=(b);i>=_end_;i--)
#define EREP(i,a) for(int i=start[(a)];i;i=e[i].next)
inline int read()
{
int sum=0,p=1;char ch=getchar();
while(!(('0'<=ch && ch<='9') || ch=='-'))ch=getchar();
if(ch=='-')p=-1,ch=getchar();
while('0'<=ch && ch<='9')sum=sum*10+ch-48,ch=getchar();
return sum*p;
}
const int maxn=3e4+20;
int n,m,t;
struct node {
int v,next,w;
};
node e[maxn*500];
int cnt,start[100*maxn];
int p[101][maxn];
int st,en;
int num;
void addedge(int u,int v,int w)
{
e[++cnt]={v,start[u],w};
start[u]=cnt;
}
void init()
{
n=read();m=read();
t=min(100,(int)sqrt(n));
num=n-1;
REP(i,1,t)
{
REP(j,0,i-1)
{
for(int k=j;k<n;k+=i)
{
p[i][k]=++num;
addedge(num,k,0);
if(k>=i)addedge(num-1,num,1),addedge(num,num-1,1);
}
}
}
REP(i,1,m)
{
int a=read(),b=read();
if(i==1)st=a;if(i==2)en=a;
if(b>t)
{
for(int j=1;a+j*b<n;j++)addedge(a,a+j*b,j);
for(int j=1;a-j*b>=0;j++)addedge(a,a-j*b,j);
}else
{
addedge(a,p[b][a],0);
}
}
}
#include<queue>
int dist[maxn*101],vis[maxn*101];
int q[maxn*100];
int N=maxn*100;
void doing()
{
int head=0,tail=1;
//memset(dist,30,sizeof(dist));
REP(i,0,num)dist[i]=1<<30;
dist[st]=0;
q[tail]=st;
vis[st]=1;
do{
head++;if(head==N-1)head=0;
int u=q[head];vis[u]=0;
EREP(i,u)
{
int v=e[i].v;
if(dist[v]>dist[u]+e[i].w)
{
dist[v]=dist[u]+e[i].w;
if(!vis[v])
{
vis[v]=1;
//q.push(v);
tail++;if(tail==N-1)tail=0;
q[tail]=v;
}
}
}
}while(head<tail);
if(dist[en]!=(1<<30))cout<<dist[en]<<endl;
else cout<<-1<<endl;
}
int main()
{
init();
doing();
return 0;
}
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