Luogu 1613 跑路（最短路径，倍增）
Description
小A的工作不仅繁琐，更有苛刻的规定，要求小A每天早上在6：00之前到达公司，否则这个月工资清零。可是小A偏偏又有赖床的坏毛病。于是为了保住自己的工资，小A买了一个十分牛B的空间跑路器，每秒钟可以跑2^k千米（k是任意自然数）。当然，这个机器是用longint存的，所以总跑路长度不能超过maxlongint千米。小A的家到公司的路可以看做一个有向图，小A家为点1，公司为点n，每条边长度均为一千米。小A想每天能醒地尽量晚，所以让你帮他算算，他最少需要几秒才能到公司。数据保证1到n至少有一条路径。
Input
第一行两个整数n，m，表示点的个数和边的个数。
接下来m行每行两个数字u，v，表示一条u到v的边。
Output
一行一个数字，表示到公司的最少秒数。
Sample Input
4 4
1 1
1 2
2 3
3 4
Sample Output
１
Http
Luogu:https://www.luogu.org/problem/show?pid=1613
Source
最短路径，倍增
解决思路
这道题目是最短路径与倍增算法的综合运用。
我们知道Floyed求最短路径的原理是用一个点k来修改i到j的最短距离。在这道题中，我们要灵活地用到这个方法。
因为本题中小A每秒可以跑2^k（k为任意数），所以直接求最短路径是不对的。我们可以与处理出小A１秒钟可以到达的边，这个用Floyed实现，再用一个Floyde或spfa求出1到n的最短路径就可以了。
那么关键就是如何进行预处理呢？
我们可以用一个数组F来记录，F[i][u][v]表示u到v能否通过2^i到达，这也就是1秒。在读入的时候我们就可以得出F[0][u][v]的值，然后从1~32（因为maxlongint就是2^31）枚举i，同时枚举u和v，借助Floyed用第三个点来修改的这种思想，我们再枚举一个点k，若F[i-1][u][k]和F[i-1][k][v]同时为真，则说明F[i][u][v]为真（因为2^(i-1)+2^(i-1)=2*i）。这样我们就可以与处理出所有１秒可以到的边。
然后再跑一边最短路就可以了。
代码
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int maxN=60;
const int inf=2147483647;
int n,m;
int G[maxN][maxN];
bool F[40][maxN][maxN];
int main()
{
memset(G,120,sizeof(G));
memset(F,0,sizeof(F));
cin>>n>>m;
for (int i=1;i<=m;i++)
{
int u,v;
cin>>u>>v;
G[u][v]=1;
F[0][u][v]=1;//读入的同时给F赋初值
}
for (int i=1;i<=36;i++)//计算F，预处理
for (int u=1;u<=n;u++)
for (int v=1;v<=n;v++)
for (int k=1;k<=n;k++)
if ((F[i-1][u][k]==1)&&(F[i-1][k][v]==1))
{
F[i][u][v]=1;
G[u][v]=1;
}
for (int i=1;i<=n;i++)//再用最短路求出1~n的最短距离
for (int j=1;j<=n;j++)
for (int k=1;k<=n;k++)
if (G[i][k]+G[k][j]>=0)
G[i][j]=min(G[i][j],G[i][k]+G[k][j]);
cout<<G[1][n]<<endl;
return 0;
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